23-seongwon030

[seongwon030]

🔗 문제 링크

게임

✔️ 소요된 시간

2시간

✨ 수도 코드

이 문제는 dfs를 활용해야 한다. 움직이는 횟수를 계속 갱신하기 위해서는 dp도 사용한다. 일단 필요한 리스트들을 정리했다.

상하좌우 이동

dx = [-1,1,0,0]
dy = [0,0,-1,1]

방문여부 체크

visited = [[False]*m for _ in range(n)] 

움직인 횟수 갱신

dp = [[0]*m for _ in range(n)]

이젠 dfs 를 해야 한다. 상하좌우로 이동하며 조건에 따라 나눈다. 이동할 수 있는 조건은 다음과 같다.

조건1 : 이동 후의 좌표가 범위 내에 있어야 한다.
조건2 : 이동 후의 좌표에 해당하는 값이 H가 아니어야 한다.
조건3 : 이전보다 움직인 횟수가 많아야 한다.

if 0 <= nx < n and 0 <= ny < m and k[nx][ny] != 'H' and cnt+1 > dp[nx][ny]:

또한 이동 후의 좌표가 방문한 적 있는 경우와 아닌 경우를 나누어야 한다.

방문한 경우
-1을 출력하고 dfs를 종료한다.

방문하지 않은 경우
dp에서 이동후의 좌표를 기준으로 횟수를 증가시키고 방문처리한다. 다시 해당 좌표에서 dfs를 진행한다.

📚 새롭게 알게된 내용

dp와 dfs를 같이 사용하는 방법을 새로 알게 되었습니다.

[InSange]

딱 제가 생각한 그대로군요. 이미 방문했다면 무한으로 돌 거니까 바로 탈출. 그 외의 것들은 dp값이 업데이트 될 때만 탐색하는 식. 다음에 c++로 한번 풀어봐야겠습니다.

[yuyu0830]

다른건 이해가 가는데 dp 부분이 잘 이해가 안가네요.. 그냥 dfs로 무한 방문 해보면 되지 않나요?

[InSange]

p 부분이 잘 이해가 안가네요.. 그냥 dfs로 무한 방문 해보면 되지 않나요?

아마 불필요한 방문자체를 없애주기 위한 dp형식이라고 보시면 될 것 같습니다. 사실 무한대로 갈 수 있는 것은 한 번만 체크해주면 되지만 이미 방문했을 때 게임이 종료되는 것을 판별하게 될 경우 해당 위치에서 다시 한 번 계산하는 것보다는 이전에 방문했던 수요가 있으면 해당 노드에서 돌리는 것보다는 짧다는 것을 알 수 있어서 그렇지 않을까요? 해보지는 않았지만 테스트케이스 중에 시간 초과 가능성도 고려해봐야하지 않을까용

[yuyu0830]

p 부분이 잘 이해가 안가네요.. 그냥 dfs로 무한 방문 해보면 되지 않나요?

아마 불필요한 방문자체를 없애주기 위한 dp형식이라고 보시면 될 것 같습니다. 사실 무한대로 갈 수 있는 것은 한 번만 체크해주면 되지만 이미 방문했을 때 게임이 종료되는 것을 판별하게 될 경우 해당 위치에서 다시 한 번 계산하는 것보다는 이전에 방문했던 수요가 있으면 해당 노드에서 돌리는 것보다는 짧다는 것을 알 수 있어서 그렇지 않을까요? 해보지는 않았지만 테스트케이스 중에 시간 초과 가능성도 고려해봐야하지 않을까용

아 탐색을 이어가는 경우 그렇게 될 수가 있겠네요! 문제 주인을 대신한 설명 감사합니다 :)

[yuyu0830]

승인

[seongwon030]

다른건 이해가 가는데 dp 부분이 잘 이해가 안가네요.. 그냥 dfs로 무한 방문 해보면 되지 않나요?

단순 DFS로 하면 시간초과가 날 것 같았어요. 모든 곳을 방문하지 않아도 각 칸마다 움직인 최대 횟수를 저장하면 시간을 줄일 수 있지 않나 해서 dp 리스트를 사용했습니다.